【详解】(1)磁感应强度方向向里且增大，根据楞次定律判断可知电流方向为
(2)(3)根据法拉第电磁感应定律得
感应电流为
故电压表的示数为
16．．(1)杆做初速度为零的匀加速运动；(2)7W
【详解】(1)电压表示数为
由题图（b）可知，U与t成正比，即v与t成正比，可知杆做初速度为零的匀加速运动。
(2)因
，所以
由题图（b）得
，即
解得
第2s末速度
解得
则
17．（1）2T；（2）
【详解】(1)0~0.1s，由题图乙得
由牛顿第二定律有
代入数据得
后匀速运动，则金属杆在
时刚好进入磁场，有
而
代入数据得
(2)方法一：金属杆ab在磁场中下滑
过程中，电流恒定，有
，
方法二：金属杆ab在磁场中匀速运动，则
下落高度
由能量守恒有
定值电阻上产生的热量
解得
12．AC【详解】AB．由于我们生活的北半球，地磁场有竖直向下的分量，电风扇瞬时针方向转动，切割磁感线产生电动势，根据右手定则可知，感应电流方向从O到A，则A相当于电源的正极，则 A点的电势比O点的电势高，故A正确，B错误；
CD．转动切割的电动势为
可知，转速一定时，扇叶长度越短，电势差
的数值越小，故C正确，D错误。
13．a c B 磁通量的变化率
【详解】（1）[1] 将电流计与线圈B串联成另一个回路，所以N连接a。
[2]将电源、电键、变阻器、线圈A串联成一个回路，注意滑动变阻器接一上一下两个接线柱，所以M连接c。
（2）[3] A．由题意可知，当P向右匀速滑动时，线圈A中的电流应越来越小，则其磁场减小，磁通量减少，此时线圈B中产生了电流使指针向右偏转，故可知当B中的磁通量减小时，电流表指向右偏。滑动变阻器滑动端P向右加速滑动时，线圈B中磁通量减小，故指针应向右偏转，故A错误；
B．当铁芯拔出或断开开关时，线圈A中磁场减小，故线圈B中磁通量减小，指针向右偏转，故B正确；
C．滑片匀速向左运动时，线圈A中也会产生变化的磁场，线圈B中产生了感应电流使指针偏转，C错误。
（3）[4] 在电磁感应现象中，磁通量的变化率等于电动势。电动势越大，感应电流越大。所以第一次电流计的指针摆动的幅度比第二次的大。原因是线圈中第一次的磁通量的变化率比第二次的大。
14．BD 感应电场的电场力 机械能 正
【详解】(1)[1]A．只要将线圈A放在线圈B中不一定会引起电流计指针偏转，必须保证线圈A中有电流通过，并且电流要发生变化才能使线圈B产生感应电流，A错误；
B．线圈A插入或拔出线圈B的速度越大，电流计指针偏转的角度越大，因为速度越大，线圈B中的磁通量变化越快，其产生的感应电动势越大，电流也越大，B正确；
C．滑动变阻器的滑片P匀速滑动时，电流计指针会发生偏转，因为滑片移动电阻变化，线圈A的电流发生变化，线圈B就能产生感应电流，C错误；
D．滑动变阻器的滑片P滑动越快，电流计指针偏转的角度越大，因为滑片移动快电阻变化快，线圈A的电流变化也快，线圈B中的磁通量变化越快，其产生的感应电动势越大，电流也越大，电流计指针偏转的角度越大，D正确。
(2)[2]线圈B相当于产生感应电流的“电源”，这个“电源”内的非静电力是感应电场的电场力。
[3]因为线圈A插入或拔出线圈B，导致电流计指针发生了偏转。这时，是机械能转化为电能。
(3)[4]由楞次定律可判断感应磁场方向向下，再利用右手定则可判断感应电流方向从负接线柱流入灵敏电流计，则指针向正接线柱一侧偏转，所以则乙图中灵敏电流计指针向其正接线柱方向偏转。
15(1)
；(2)
；(3)
【详解】(1)磁感应强度方向向里且增大，根据楞次定律判断可知电流方向为
(2)(3)根据法拉第电磁感应定律得
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